（I）由题意g(x)=px-

q

x

-2lnx，

又g（e）=pe-

q

e

-2，∴pe-

q

e

-2=qe-

q

e

-2，

∴(p-q)e+(p-q)

1

e

=0，∴(p-q)(e+

1

e

)=0，

而e+

1

e

≠0，∴p=q

（II）由（I）知：g(x)=px-

p

x

-2lnx，g′(x)=p+

p

x2

-

2

x

=

px2-2x+p

x2

，

令h（x）=px²-2x+p．要使g（x）在（0，+∞）为单调函数，只需h（x）在（0，+∞）满足：

h（x）≥0或h（x）≤0恒成立．

①p=0时，h（x）=-2x，∵x＞0，∴h（x）＜0，∴g'（x）=-

2x

x2

＜0，

∴g（x）在（0，+∞）单调递减，∴p=0适合题意．

②当p＞0时，h（x）=px²-2x+p图象为开口向上抛物线，

称轴为x=

1

p

∈（0，+∞）．∴h（x）_min=p-

1

p

．只需p-

1

p

≥0，即p≥1时h（x）≥0，g′（x）≥0，

∴g（x）在（0，+∞）单调递增，∴p≥1适合题意．

③当p＜0时，h（x）=px²-2x+p图象为开口向下的抛物线，其对称轴为x=

1

p

∉（0，+∞），

只需h（0）≤0，即p≤0时h（0）≤（0，+∞）恒成立．

∴g′（x）＜0，∴g（x）在（0，+∞）单调递减，∴p＜0适合题意．

综上①②③可得，p≥1或p≤0．

（III）证明：①即证：lnx-x+1≤0（x＞0），

设k（x）=lnx-x+1，则k'（x）=

1

x

-1=

1-x

x

．

当x∈（0，1）时，k′（x）＞0，∴k（x）为单调递增函数；

当x∈（1，∞）时，k′（x）＜0，∴k（x）为单调递减函数；

∴x=1为k（x）的极大值点，∴k（x）≤k（1）=0．即lnx-x+1≤0，

所以lnx≤x-1得证．

②由①知lnx≤x-1，又x＞0，

∴

lnx

x

≤

x-1

x

=1-

1

x

∵n∈N^*，n≥2时，令x=n²，

得

lnn2

n2

≤1-

1

n2

．

∴

lnn

n2

≤

1

2

(1-

1

n2

)，

∴

ln2

22

+

ln3

32

++

lnn

22

≤

1

2

(1-

1

22

+1-

1

32

++1-

1

n2

)

=

1

2

[(n-1)]-(

1

22

+

1

32

++

1

n2

)]＜

1

2

[(n-1)-(

1

2×3

+

1

3×4

++

1

n(n+1)

)]

=

1

2

[n-1-(

1

2

-

1

3

+

1

3

-

1

4

++

1

n

-

1

n+1

)]

=

1

2

[n-1-(

1

2

-

1

n+1

)]=

2n2-n-1

4(n+1)

所以得证．