问题
计算题
如图(a)所示，真空中相距d＝5 cm的两块平行金属板A、B与电源相连接(图中未画出)，其中B板接地(电势为零)，A板电势变化的规律如图(b)所示。将一个质量m＝2.0×1023 kg，电荷量q＝＋1.6×10-15 C的带电粒子从紧临B板处释放，不计重力。求：
(1)在t＝0时刻释放该带电粒子，释放瞬间粒子加速度的大小；
(2)若A板电势变化周期T＝1.0×10-5 s，在t＝0时将带电粒子从紧临B板处无初速度释放，粒子到达A板时速度的大小。
答案
解：(1)电场强度E＝
，带电粒子所受电场力，F＝Eq＝
，F＝ma，a＝
＝4.0×109 m/s2
(2)粒子在0～
时间内走过的距离为：
＝5.0×10-2 m
故带电粒子在t＝
时恰好到达A板，v＝at＝2×104 m/s
