（Ⅰ）f′（x）=x-（2a+2）+

2a+1

x

=

(x-2a-1)(x-1)

x

 （x＞0）

令f′（x）=0，得x₁=2a+1，x₂=1                 …（1分）

①a=0时，f′（x）=

(x-1)2

x

≥0，所以f（x）增区间是（0，+∞）；

②a＞0时，2a+1＞1，所以f（x）增区间是（0，1）与（2a+1，+∞），减区间是（1，2a+1）

③-

1

2

＜a＜0时，0＜2a+1＜1，所以f（x）增区间是（0，2a+1）与（1，+∞），减区间是（2a+1，1）

④a≤

1

2

时，2a+1≤0，所以f（x）增区间是（1，+∞），减区间是 （0，1）…（5分）

（II）因为a∈[

3

2

，

5

2

]，所以（2a+1）∈[4，6]，由（1）知f（x）在[1，2]上为减函数．…（6分）

若x₁=x₂，则原不等式恒成立，∴λ∈（0．+∞）                  …（7分）

若x₁≠x₂，不妨设1≤x₁＜x₂≤2，则f（x₁）＞f（x₂），

1

x1

＞

1

x2

，

所以原不等式即为：f（x₁）-f（x₂）≤λ（

1

x1

-

1

x2

），

即f（x₁）-

λ

x1

≤f（x₂）-

λ

x2

对任意的a∈[

3

2

，

5

2

]，x1，x2∈[1，2]，恒成立

令g（x）=f（x）-

λ

x

，所以对任意的a∈[

3

2

，

5

2

]，x1，x2∈[1，2]有g（x₁）＜g（x₂）恒成立，

所以g（x）=f（x）-

λ

x

在闭区间[1，2]上为增函数               …（9分）

所以g′（x）≥0对任意的a∈[

3

2

，

5

2

]，x1，x2∈[1，2]恒成立

而g′（x）=x-（2a+2）+

2a+1

x

+

λ

x2

≥0，即（2x-2x²）a+x³-2x+x²+λ≥0，

只需（2x-2x²）

5

2

+x³-2x+x²+λ≥0，即x³-7x²+6x+λ≥0对任意x∈[1，2]恒成立，

令h（x）=x³-7x²+6x+λ，h′（x）=3x²-14x+6＜0（x∈[1，2]）恒成立，

∴h（x）在x∈[1，2]上为减函数，则h（x）_min=h（2）=λ-8，

∴h（x）_min=h（2）=λ-8≥0，

∴λ≥8．