（Ⅰ）f′(x)=x+

1

x

∵x＞0，∴f′（x）＞0，

∴f（x）在（0，+∞）上是单调递增函数，

∴f（x）在区间[1，e]上的最大值为f（e）=

1

2

e2+1，

最小值为f（1）=

1

2

；

（Ⅱ）证明：设G（x）=g（x）-f（x），

则G（x）=

2

3

x3-

1

2

x2-lnx，

G′(x)=2x2-x-

1

x

=

2x3-x2-1

x

=

x2(x-1)+x3-1

x

，

当x∈（1，+∞）时，显然有G′（x）＞0，

∴G（x）在区间（1，+∞）上是单调增函数，

∴G（x）＞G（1）=

1

6

＞0在（1，+∞）上恒成立，

即g（x）＞f（x）在（1，+∞）上恒成立，

∴在区间（1，+∞）上函数f（x）的图象在函数g（x）=

2

3

x3图象的下方．

（Ⅲ）令h（x）=-

5

2

x，则F（x）=

1

2

x2+lnx-

5

2

x（x＞0），

F′(x)=x+

1

x

-

5

2

=

2x2-5x+2

2x

令F′（x）=0，得x=

1

2

，或x=2，令F′（x）＞0得，

0＜x＜

1

2

，或x＞2，令F′（x）＜0得，

1

2

＜x＜2

∴当h（x）=-

5

2

x时，函数F（x）=f（x）+h（x）在定义域（0，+∞）上，

存在两个极值点x₁=

1

2

，x₂=2．