（1）f'（x）=1-mln（x+1）-m

=1 ①m=0时，f'（x）=1＞0，

∴f（x）在定义域（-1，+∞）是增函数（2分）

=2 ②m＞0时，令f'（x）＞0得mln（x+1）＜1-m，∴-1＜x＜e

1-m

m

-1

∴f（x）在[-1，e

1-m

m

-1]上单调递增，在[e

1-m

m

-1，+∞)上单调递减（4分）

（2）直线y=t与函数f（x）在[-

1

2

，1]上的图象有两个交点等价于方程f（x）=t在[-

1

2

，1]上有两个实数解（5分）

由（I）知，f（x）在[-

1

2

，0]上单调递增，在[0，1]上单调递减．

又f(0)=0，f(1)=1-ln4，f(-

1

2

)=-

1

2

+

1

2

ln2，且f(1)＜f(-

1

2

)（7分）

∴当t∈[-

1

2

+

1

2

ln2，0)时，方程f（x）=t有两个不同解，

即直线y=t与函数f（x）在[-

1

2

，1]上的图象有两个交点（8分）

（3）要证：（1+a）^b＜（1+b）^a

只需证bln（1+a）＜aln（1+b），只需证：

ln(1+a)

a

＜

ln(1+b)

b

（10分）

设g(x)=

ln(1+x)

x

，(x＞0)则g′(x)=

x 1+x -ln(1+x)

x2

=

x-(1+x)ln(1+x)

x2(1+x)

．（12分）

由（I）知x-（1+x）ln（1+x）在（0，+∞）单调递减，∴x-（1+x）ln（1+x）＜0即g（x）是减函数，而a＞b

∴g（a）＜g（b），故原不等式成立（14分）