解（Ⅰ）：当x＞0时，f（x）=e^x-1在（0，+∞）单调递增，且f（x）＞0；

当x≤0时，f′（x）=x²+2mx．

（ⅰ）若m=0，f′（x）=x²≥0，f（x）=

1

3

x³在（-∞，0]上单调递增，且f（x）=

1

3

x³≤0．

又f（0）=0，∴f（x）在R上是增函数，无极植；

（ⅱ）若m＜0，f′（x）=x（x+2m）＞0，则f（x）=

1

3

x³+mx²在（-∞，0）单调递增，

同①可知f（x）在R上也是增函数，无极值；（4分）

（ⅲ）若m＞0，f（x）在（-∞，-2m]上单调递增，在（-2m，0）单调递减，

又f（x）在（0，+∞）上递增，故f（x）有极小值f（0）=0，f（x）有极大值f（-2m）=

4

3

m³．（6分）

（Ⅱ）当x＞0时，先比较e^x-1与ln（x+1）的大小，

设h（x）=e^x-1-ln（x+1）（x＞0）

h′（x）=e^x-

1

x+1

＞0恒成立

∴h（x）在（0，+∞）是增函数，h（x）＞h（0）=0

∴e^x-1-ln（x+1）＞0即e^x-1＞ln（x+1）

也就是f（x）＞g（x），对任意x＞0成立．

故当x₁-x₂＞0时，f（x₁-x₂）＞g（x₁-x₂）（10分）

再比较g（x₁-x₂）=ln（x₁-x₂+1）与g（x₁）-g（x₂）=ln（x₁+1）-ln（x₂+1）的大小．

∵g（x₁-x₂）-[g（x₁）-g（x₂）]=ln（x₁-x₂+1）-ln（x₁+1）+ln（x₂+1）=ln

(x1-x2+1)(x2+1)

x1+1

=ln[1+

x2(x1-x2)

x1+1

]＞0

∴g（x₁-x₂）＞g（x₁）-g（x₂）

∴f（x₁-x₂）＞g（x₁-x₂）＞g（x₁）-g（x₂）．（12分）