（1）f′（x）=

1

x

-ax-2=-

ax2+2x-1

x

．

若a≤-1时，则f′（x）≥0，∴f（x）在（0，+∞）上是增函数．

若-1＜a＜0时，则f（x）在（0，

-1+ 1+a

a

)，(

-1- 1+a

a

，(

-1+ 1+a

a

+∞）上是增函数，在（

-1+ 1+a

a

，

-1- 1+a

a

）上是减函数．

若a＞0时，则f（x）在（0，

-1+ 1+a

a

）上是增函数，在（

-1+ 1+a

a

，+∞）上是减函数．…（4分）

（2）由f′（x₀）=

1

x0

-ax0-2=-

ax02+2x0-1

x0

=0得：ax₀²=1-2x₀

∴f（x₀）=lnx₀-

1

2

(1-2x0)-2x0=lnx0-x0-

1

2

．

设φ（x）=lnx-x-

1

2

，x∈(0，1)时，φ′（x）＞0．

当x∈（1，+∞）时，φ′（x）＜0．

∴φ（x）的最大值为φ（1）=-

3

2

．于是：f(x0)≤φ(1)=-

3

2

．--------（9分）

（3）若f′（

x1+x2

2

）=0，则

2

x1+x2

-a

x1+x2

2

-2=0．

∵lnx₁-

1

2

ax12-2x1=3，lnx2-

1

2

ax22-2x2=3．∴ln

x2

x1

=

a

2

(x22-x12)+2(x2-x1)=(x2-x1)[

a

2

(x2+x1)+2]=(x2-x1)

2

x2+x1

=

2(1- x2 x1 )

1+ x2 x1

令

x2

x1

=t，则t＞1．设H(t)=lnt-

2(1-t)

1+t

．

∴H′（t）=

1

t

+

4

(1+t)2

＞0∴H（t）＞H（1）=0

故∴

2(1- x2 x1 )

1+ x2 x1

≠ln

x2

x1

，即f′（

x1+x2

2

）≠0-----（14分）