证明：（1）设f（x）=xⁿ+nx-1，

∵f（0）=-1＜0，f（1）=n＞0，

且函数f（x）的图象在（0，+∞）上是连续的，

∴f（x）在（0，1）上至少有一个零点，

即方程xⁿ+nx-1=0在（0，1）内至少有一个根．（3分）

∵x∈（0，+∞），

∴f′（x）=nx^n-1+n＞0，

∴f（x）在（0，+∞）上是增函数．

∴方程xⁿ+nx-1=0在（0，+∞）内有唯一根，

且根在（0，1）内，即a_n∈（0，1）．（5分）

（2）方法一：∵f(

1

n

)=(

1

n

)n＞0，f(

1

n+1

)=(

1

n+1

)n+

n

n+1

-1=(

1

n+1

)n-

1

n+1

≤0，

且函数f（x）的图象在（0，+∞）上是连续的，

∴f（x）在[

1

n+1

，

1

n

)内至少有一个零点，

即方程xⁿ+nx-1=0在[

1

n+1

，

1

n

)内至少有一个根．

又由（1）知函数f（x）在（0，+∞）上单调递增，

∴方程xⁿ+nx-1=0在[

1

n+1

，

1

n

)内有唯一根，

∴

1

n+1

≤an＜

1

n

．（8分）

∴

1

n+2

≤an+1＜

1

n+1

，

∴a_n+1＜a_n．　　　　　     （9分）

方法二：由（1）知，a_nⁿ+na_n-1=0，

a_n+1ⁿ⁺¹+（n+1）a_n+1-1=0，

两式相减得：a_n+1ⁿ⁺¹+（n+1）a_n+1-a_nⁿ-na_n=0，（7分）

若存在n∈N^*，使得a_n+1≥a_n，

则a_n+1≥a_n＞a_nⁿ，

从而a_n+1ⁿ⁺¹+（n+1）a_n+1-a_nⁿ-na_n＞（n+1）a_n+1-a_nⁿ-na_n=a_n+1-a_nⁿ+na_n+1-na_n＞0，矛盾．

所以a_n+1＜a_n．（9分）

（3）由题设得a1=

1

2

，a12=

1

4

＜1，

当n∈N^*时，an=

1-ann

n

＜

1

n

．

∴a12+a22＜(

1

2

)2+(

1

2

)2=

1

2

＜1．　　　　　　　　　（12分）

当n≥3时有a₁²+a₂²+a₃²+…+an2＜(

1

2

)2+(

1

2

)2+(

1

3

)2+…+(

1

n

)2

＜

1

4

+

1

4

+

1

2•3

+

1

3•4

+…+

1

(n-1)n

=

1

4

+

1

4

+(

1

2

-

1

3

)+(

1

3

-

1

4

)+…+(

1

n-1

-

1

n

)

=1-

1

n

＜1．

综上a₁²+a₂²+…+a_n²＜1．             　 （14分）