（1）f′(x)=

1

1+x

+

a

2 x

=

ax+2 x +a

2 x (1+x)

，

若a≥0，则f′（x）＞0，f（x）在定义域内单调递增；若a≤-1，

则f′（x）＜0，f（x）在定义域内单调递减；若-1＜a＜0，由f′（x）=0

解得，x1=

2-a2-2 1-a2

a2

，x2=

2-a2+2 1-a2

a2

，

直接讨论f′（x）知，f（x）在[0，

2-a2-2 1-a2

a2

)

和(

2-a2+2 1-a2

a2

，+∞)单调递减，

在[

2-a2-2 1-a2

a2

，

2-a2+2 1-a2

a2

]单调递增．

（2）观察得f（0）=0，a=-

1

2

时，

由①得f（x）在[0，7-4

3

)单调递减，

所以f（x）在[0，7-4

3

)上有且只有一个零点；

f(x1)=f(7-4

3

)＜f(0)=0，

计算得f(x2)=f(7+4

3

)=ln(8+4

3

)-

1

2

(2+

3

)＞lne2-2=0，

f（x₁）f（x₂）＜0且f（x）在区间[7-4

3

，7+4

3

]单调递增，

所以f（x）在[7-4

3

，7+4

3

]上有且只有一个零点；

根据对数函数与幂函数单调性比较知，

存在充分大的M∈R，使f（M）＜0，f（x₂）f（M）＜0

且f（x）在区(7+4

3

，+∞)单调递减，

所以f（x）在(7+4

3

，7M)上

从而在(7+4

3

，+∞)上有且只有一个零点．

综上所述，a=-

1

2

时，f（x）有3个零点．

（3）取a=-1，f(x)=ln(1+x)-

x

，

由①得f（x）单调递减，

所以∀x＞0，f（x）＜f（0）=0，ln(1+x)＜

x

，

从而ln（1+

1

22

）（1+

1

24

）…（1+

1

22n

）

=ln（1+

1

22

）ln（1+

1

24

）+…（1+

1

22n

）

＜

1

2

+

1

22

+…+

1

2n

=1-

1

2n

＜1，

由lnx单调递增得(1+

1

22

)(1+

1

24

)••(1+

1

22n

)＜e．