（1）当a=

1

3

时，f（x）=x²+2bx+b-

1

3

，

问题可化为x²+2bx+b＞0对任意x∈R恒成立，

故可得△=（2b）²-4b＜0，解得0＜b＜1

（2）证：当a=0，b≠0时，f（x）=2bx+b的零点为-

1

2

∈（-1，0），

当a≠0时，二次函数f（x）=3ax²+2bx+b-a的对称轴方程为x=-

b

3a

，

①若-

b

3a

≤-

1

2

，即

b

a

≥

3

2

时，f（-

1

2

）f（0）=（-

1

4

a）（b-a）=（-

1

4

a2）（

b

a

-1）＜0，

所以函数y=f（x）在（-1，0）内至少存在一个零点，

②-

b

3a

＞-

1

2

，即

b

a

＜

3

2

时，f（-1）f（-

1

2

）=（2a-b）（-

1

4

a）=（-

1

4

a2）（2-

b

a

）＜0

所以函数y=f（x）在（-1，0）内至少存在一个零点，

综上可得：函数y=f（x）在（-1，0）内至少存在一个零点．