（1）∵an+1=f(

1

an

)=

2+3an

3

=an+

2

3

∴an+1-an=

2

3

∴数列{a_n}是以

2

3

为公差，首项a₁=1的等差数列

∴an=

2

3

n+

1

3

（2）T_n=a₁a₂-a₂a₃+a₃a₄-a₄a₅+…+a_2n-1a_2n-a_2na_2n+1

=a₂（a₁-a₃）+a₄（a₃-a₅）+…+a_2n（a_2n-1-a_2n+1）

=-

4

3

(a2+a4+…+a2n)

=-

4

3

×

n( 5 3 + 4n 3 + 1 3 )

2

=-

4

9

(2n2+3n)

（3）当n≥2时，bn=

1

an-1an

=

1

( 2 3 n- 1 3 )( 2 3 n+ 1 3 )

=

9

2

(

1

2n-1

-

1

2n+1

)

当n=1时，上式同样成立

∴s_n=b₁+b₂+…+b_n=

9

2

[(1-

1

3

) +(

1

3

-

1

5

)+…+(

1

2n-1

-

1

2n+1

)]

=

9

2

(1-

1

2n+1

)

∵恒有

9

2

(1-

1

2n+1

)＜

9

2

成立，

∵Sn＜

m-2002

2

，即

9

2

(1-

1

2n+1

)＜

m-2002

2

对一切n∈N^*成立，

∴

9

2

≤

m-2002

2

，解得  m≥2011，

∴m_最小=2011