解（1）由Sm+n=

2a2m(1+S2n)

-1得1+Sm+n=

2a2m(1+S2n)

．

令m=1，得1+Sn+1=

2a2(1+S2n)

①

令m=2，得1+Sn+2=

2a4(1+S2n)

②

②÷①得：

1+Sn+2

1+Sn+1

=

a4 a2

 （n∈N^*）．记

a4 a2

=q，

则数列{1+S_n} （n≥2，n∈N^*）是公比为q的等比数列．

∴1+Sn=(1+S2)qn-2 （n≥2，n∈N^*）③．

n≥3时，1+Sn-1=(1+S2)qn-3④．

③-④得，an=(1+S2)qn-3(q-1) （n≥3，n∈N^*）．

在1+Sm+n=

2a2m(1+S2n)

中，令m=n=1，得1+S2=

2a2(1+S2)

．

∴(1+S2)2=2a2(1+S2)．

则1+S₂=2a₂，∴a₂=1+a₁．

∵a₁=1，∴a₂=2．

在1+Sm+n=

2a2m(1+S2n)

中，令m=1，n=2，得1+S3=

2a2(1+S4)

．

则(4+a3)2=4(4+a3+a4)⑤

在1+Sm+n=

2a2m(1+S2n)

中，令m=2，n=1，得1+S3=

2a4(1+S2)

则(4+a3)2=8a4⑥．

由⑤，⑥，解得a₃=4，a₄=8．

则q=2，由an=(1+S2)qn-3(q-1) （n≥3，n∈N^*），

得：an=4×2n-3(2-1)=2n-1

∵a₁=1，a₂=2也适合上式，∴an=2n-1．

（2）在1+Sm+n=

2a2m(1+S2n)

中，令m=2，n=2，得1+S4=

2a4(1+S4)

则1+S₄=2a₄，∴1+S₃=a₄．

在1+Sm+n=

2a2m(1+S2n)

中，令m=1，n=2，得1+S3=

2a2(1+S4)

．

则1+S3=

2a2(1+S3+a4)

，∴a4=

2a2×2a4

．

则a₄=4a₂，∴q=

a4 a2

=2．

代入an=(1+S2)qn-3(q-1) （n≥3，n∈N^*），

得an=(1+S2)2n-3 （n≥3，n∈N^*）．

由条件a₄=a₂（a₁+a₂+1），得a₁+a₂+1=4．

∵a₂=a₁+1，a₁=1，∴a₂=2．

则an=4×2n-3=2n-1

∵a₁=1，a₂=2上式也成立，

∴an=2n-1 （n∈N*）．

故数列{a_n}成等比数列．