（Ⅰ）1°当直线l的斜率不存在时，P，Q两点关于x轴对称，

所以x₁=x₂，y₁=-y₂，

∵P（x₁，y₁）在椭圆上，

∴

x12

3

+

y12

2

=1①

又∵S_△OPQ=

6

2

，

∴|x₁||y₁|=

6

2

②

由①②得|x₁|=

6

2

，|y₁|=1．此时x₁²+x₂²=3，y₁²+y₂²=2；

2°当直线l的斜率存在时，是直线l的方程为y=kx+m（m≠0），将其代入

x2

3

+

y2

2

=1得

（3k²+2）x²+6kmx+3（m²-2）=0，△=36k²m²-12（3k²+2）（m²-2）＞0

即3k²+2＞m²，

又x₁+x₂=-

6km

3k2+2

，x₁•x₂=

3(m2-2)

3k2+2

，

∴|PQ|=

1+k2

(x1+x2)2-4x1x2

=

1+k2

2 6 3k2+2-m2

3k2+2

，

∵点O到直线l的距离为d=

|m|

1+k2

，

∴S_△OPQ=

1

2

1+k2

2 6 3k2+2-m2

3k2+2

•

|m|

1+k2

=

6 3k2+2-m2 |m|

3k2+2

，

又S_△OPQ=

6

2

，

整理得3k²+2=2m²，此时x₁²+x₂²=（x₁+x₂）²-2x₁x₂=（-

6km

3k2+2

）²-2

3(m2-2)

3k2+2

=3，

y₁²+y₂²=

2

3

（3-x₁²）+

2

3

（3-x₂²）=4-

2

3

（x₁²+x₂²）=2；

综上所述x₁²+x₂²=3，y₁²+y₂²=2．结论成立．

（Ⅱ）1°当直线l的斜率不存在时，由（Ⅰ）知

|OM|=|x₁|=

6

2

，|PQ|=2|y₁|=2，

因此|OM|•|PQ|=

6

．

2°当直线l的斜率存在时，由（Ⅰ）知

x1+x2

2

=-

3k

2m

，

y1+y2

2

=k

x1+x2

2

+m=

-3k2+2m2

2m

=

1

m

|OM|²=（

x1+x2

2

）²+（

y1+y2

2

）²=

9k2

4m2

+

1

m2

=

6m2-2

4m2

=

1

2

(3-

1

m2

)，

|PQ|²=（1+k²）

24(3k2+2-m2)

(2+3k2)2

=

2(2m2-1)

m2

=2（2+

1

m2

），

所以|OM|²|PQ|²=

1

2

(3-

1

m2

)×2×(2+

1

m2

)=（3-

1

m2

）（2+

1

m2

）

≤(

3- 1 m2 +2+ 1 m2

2

)2=

25

4

．

|OM|•|PQ|≤

5

2

．当且仅当3-

1

m2

=2+

1

m2

，

即m=±

2

时，等号成立．

综合1°2°得|OM|•|PQ|的最大值为

5

2

；

（Ⅲ）椭圆C上不存在三点D，E，G，使得S_△ODE=S_△ODG=S_△OEG=

6

2

，

证明：假设存在D（u，v），E（x₁，y₁），G（x₂，y₂），使得S_△ODE=S_△ODG=S_△OEG=

6

2

由（Ⅰ）得

u²+x₁²=3，u²+x₂²=3，x₁²+x₂²=3；v²+y₁²=2，v²+y₂²=2，y₁²+y₂²=2

解得u²=x₁²=x₂²=

3

2

；v²=y₁²=y₂²=1．

因此u，x₁，x₂只能从±

6

2

中选取，

v，y₁，y₂只能从±1中选取，

因此点D，E，G，只能在（±

6

2

，±1）这四点中选取三个不同点，

而这三点的两两连线中必有一条过原点，与S_△ODE=S_△ODG=S_△OEG=

6

2

矛盾．

所以椭圆C上不存在满足条件的三点D，E，G．