（1）令n=1，由a₁=2及na_n+1=S_n+n（n+1）①

得a₂=4，故a₂-a₁=2，当n≥2时，有（n-1）a_n=S_n-1+n（n-1）②

①-②得：na_n+1-（n-1）a_n=a_n+2n

整理得，a_n+1-a_n=2（n≥2）

当n=1时，a₂-a₁=2，

所以数列{a_n}是以2为首项，以2为公差的等差数列，

故a_n=2n…（6分）

（2）由（1）得S_n=n（n+1），

所以Tn=(

4

5

)nSn=(

4

5

)n(n2+n)．

故Tn-1=(

4

5

)n-1[(n-1)2+(n-1)]，Tn+1=(

4

5

)n+1[(n+1)2+(n+1)]，

令

Tn≥Tn-1 Tn≥Tn+1

，即

( 4 5 )n(n2+n)≥( 4 5 )n-1[(n-1)2+(n-1)] ( 4 5 )n(n2+n)≥( 4 5 )n+1[(n+1)2+(n+1)]

解得8≤n≤9．

故T₁＜T₂＜…＜T₈=T₉＞T₁₀＞T₁₁＞…

故存在正整数m对一切正整数n，

总有T_n≤T_m，此时m=8或m=9…..（13分）