（Ⅰ）证明：∵a₁³+a₂³+a₃³+…+a_n³=S_n²，

当n=1时，a₁³=a₁²．

∵a₁＞0，∴a₁=1．

当n≥2时，a₁³+a₂³+a₃³+…+a_n³=S_n²．①a₁³+a₂³+a₃³+…+a_n-1³=S_n-1²．②

①-②得  a_n³=a_n（2a₁+2a₂+…+2a_n-1+a_n）

∵a_n＞0，∴a_n²=2a₁+2a₂+…+2a_n-1+a_n，

即a_n²=2S_n-a_n．

∵a₁=1适合上式，

∴a_n²=2S_n-a_n（n∈N^*）．（4分）

（Ⅱ）由（Ⅰ）知 a_n²=2S_n-a_n（n∈N^*）．③

当n≥2时，a_n-1²=2S_n-1-a_n-1．④

③-④得a_n²-a_n-1²=2（S_n-S_n-1）-a_n+a_n-1=2a_n-a_n+a_n-1=a_n+a_n-1．

∵a_n+a_n-1＞0，∴a_n-a_n-1=1．

∴数列{a_n}是首项为1，公差为1的等差数列，可得a_n=n．（8分）

（Ⅲ）∵a_n=n，∴bn=3n+(-1)n-1λ•2an=3n+(-1)n-1λ•2n．

欲使b_n+1-b_n=[3ⁿ⁺¹+（-1）ⁿλ•2ⁿ⁺¹]-[3ⁿ+（-1）^n-1λ•2ⁿ]

& & &=2

•3n-3λ(-1)n-1•2n＞0，

即(-1)n-1•λ＜(

3

2

)n-1成立．⑤

当n=2k-1，k=1，2，3，…时，⑤式即为λ＜(

3

2

)2k-2．⑥

依题意，⑥式对k=1，2，3…都成立，∴λ＜1．

当n=2k，k=1，2，3，…时，⑤式即为λ＞-(

3

2

)2k-1．⑦

依题意，⑦式对k=1，2，3，…都成立，∴λ＞-

3

2

．

∴-

3

2

＜λ＜1，又λ≠0．

∴存在整数λ=-1，使得对任意n∈N^*，都有b_n+1＞b_n．（12分）