解（I）设g（x）=ax²+bx+c（a≠0），

由题意令x=1得0≤g（1）≤0∴g（1）=0，

∴

a+b+c=0 a-b+c=0

得b=0，a+c=0，

∵x-1≤g（x）≤x²-x对∀x∈R恒成立，

∴ax²-a≥x-1和ax²-a≤x²-x恒成立，

得a=

1

2

，

∴g(x)=

1

2

x2-

1

2

．

（II）f(x)=g(x)+mlnx+

1

2

(m∈R，x＞0)=

1

2

x2+mlnx，

f′(x)=x+

m

x

当m＞0时，f（x）的值域为R

当m=0时，f(x)=

1

2

x2＞0对∀x＞0，f(x)＞0恒成立

当m＜0时，令f′(x)=0⇒x=

-m

x	(0， -m )	-m	( -m ，+∞)
f'（x）	-	0	+
f（x）	↘	极小	↗

这时f(x)min=f(

-m

)=-

m

2

+mln

-m

若∃x＞0使f（x）≤0成立则只须f（x）_min≤0即m≤-e，

综上所述，实数m的取值范围（-∞，-e）∪（0，+∞）．

（III）∵对∀x∈[1，m]，H′(x)=

(x-1)(x-m)

x

≤0，所以H（x）在[1，m]单减

于是|H(x1)-H(x2)|≤H(1)-H(m)=

1

2

m2-mlnm-

1

2

，

|H(x1)-H(x2)|＜1⇐

1

2

m2-mlnm-

1

2

＜1⇔

1

2

m-lnm-

3

2m

＜0，

记h(m)=

1

2

m-lnm+

3

2m

(1＜m≤e)，则h′(m)=

1

2

-

1

m

+

3

2m2

=

3

2

(

1

m

-

1

3

)2+

1

3

＞0

所以函数h（m）在[1，e]是单增函数

所以h(m)＜h(e)=

e

2

-1-

3

2e

=

(e-3)(e+1)

2e

＜0

故命题成立．