问题 解答题
已知函数f(x)=x+
a
x
+b(x≠0),其中a、b为实常数.
(1)若方程f(x)=3x+1有且仅有一个实数解x=2,求a、b的值;
(2)设a>0,x∈(0,+∞),写出f(x)的单调区间,并对单调递增区间用函数单调性定义进行证明;
(3)若对任意的a∈[
1
2
,2],不等式f(x)≤10在x∈[
1
4
,1]上恒成立,求实数b的取值范围.
答案

(1)由已知,方程)=x+

a
x
+b=3x+1有且仅有一个解x=2,

因为x≠0,故原方程可化为2x2+(1-b)x-a=0,…(1分)

所以

10-a-2b=0
(1-b)2+8a=0
,…(3分)解得a=-8,b=9.…(5分)

(2)当a>0,x>0时,f(x)在区间(0,

a
)上是减函数,在(
a
,+∞)上是增函数.…(7分)

证明:设x1,x2∈(

a
,+∞),且x1<x2

f(x2)-f(x1)=x2+

a
x2
-x1-
a
x1
=(x2-x1)•
x1x2-a
x1x2

因为x1,x2∈(

a
,+∞),且x1<x2

所以x2-x1>0,x1x2>a,

所以f(x2)-f(x1)>0.…(10分)

所以f(x)在(

a
,+∞)上是增函数.…(11分)

(3)因为f(x)≤10,故x∈[

1
4
,1]时有f(x)max≤10,…(12分)

由(2),知f(x)在区间[

1
4
,1]的最大值为f(
1
4
)与f(1)中的较大者.…(13分)

所以,对于任意的a∈[

1
2
,2],不等式f(x)≤10在x∈[
1
4
,1]上恒成立,当且仅当
f(
1
4
)≤10
f(1)≤10

b≤
39
4
-4a
b≤9-a
对任意的a∈[
1
2
,2]成立.…(15分)

从而得到b≤

7
4
.  …(17分)

所以满足条件的b的取值范围是(-∞,

7
4
].  …(18分)

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