（I）已知函数定义域为（0，+∝），

又有a＞0，则y₂=-

a

x

是增函数，

y₁=lnx与y₂=-

a

x

都是增函数，

故f（x）=lnx-

a

x

在定义域上是增函数．

（Ⅱ）由已知f（x）＜x²，即f（x）=lnx-

a

x

＜x²，在（1，+∞）上恒成立，

即a＞xlnx-x³在（1，+∞）上恒成立

令g（x）=xlnx-x³，则g′（x）=lnx-3x²+1，

又[g′（x）]'=

1

X

-6x＜0，在（1，+∞）上恒成立，

所以g′（x）在（1，+∞）上为减函数，故g′（x）＜g′（1）＜0，

因此g（x）在（1，+∞）为减函数，

故a≥g（1），即a≥-1．（5分）

（III）分三种情况讨论，

（1）令f′（x）≥0，在[1，e]上恒成立，x+a≥0，即a≥-x，

则a≥-1时．此时f（x）在[1，e]上为增函数．

f（x）_min=f（1）=-a=

3

2

，

得a=-

3

2

，（舍去）

（2）令f′（x）≤0，在[1，e]上恒成立，有x+a≤0，即a≤-x，

则a≤-e时．此时f（x）在[1，e]上为减函数．

则f（x）_min=f（e）=1-

a

e

=

3

2

，

得a=-

e

2

（舍去），

（3）当-e＜x＜-1时，令f′（x）=0，得x₀=-a，

当1＜x＜x₀时，f′（x）＜0，f（x）在（1，x₀）上为减函数，

当x₀＜x＜e时，f′（x）＞0，f（x）在（x₀，e）上为增函数，

f（x）_min=f（-a）=ln（-a）+1=

3

2

，

解可得a=-

e

，

综上可得，a=-

e

．（6分）．