（l）常温下，如果取0.1mol•L-1HA溶液与0.1mol•L-1NaOH溶

问题问答题

（l）常温下，如果取0.1mol•L^-1HA溶液与0.1mol•L^-1NaOH溶液等体积混合，测得混合液的pH=8．混合液中由水电离出的OH^-浓度与0.1mol•L^-1NaOH溶液中由水电离出的OH^-浓度之比为______．

（2）相同温度下，将足量硫酸钡固体分别放入相同体积的①0.1mol•L^-1硫酸铝溶液 ②0.1mol•L^-1氯化钡溶液 ③蒸馏水 ④0.1mol•L^-1硫酸溶液中，Ba²⁺浓度由大到小的顺序是______．（用序号填写）

（3）常温下，将a mol•L^-1的氨水与0.1mol•L^-1的盐酸等体积混合，当溶液中c（NH₄⁺）=c（Cl^-）时，用含a的代数式表示NH₃•H₂O的电离常数K_b=______mol•L^-1．

答案

（1）常温下，等物质的量的一元酸HA和NaOH恰好反应，其混合溶液呈碱性，则说明HA是弱酸，该盐溶液中氢氧根离子全部来自于水，盐溶液中c（OH^-）=

10-14

10-8

mol/L=10^-6 mol/L，0.1mol•L^-1NaOH溶液中c（H⁺）等于由水电离出的氢氧根离子浓度，即c（H⁺）=c（OH^-）（水电离出的）=

10-14

0.1

mol/L=10^-13 mol/L，所以混合液中由水电离出的OH^-浓度与0.1mol•L^-1NaOH溶液中由水电离出的OH^-浓度之比=10^-6 mol/L：10^-13 mol/L=10^7：1，故答案为：10^7：1；

（2）根据难溶电解质的溶度积常数知，溶液中硫酸根离子浓度越大，硫酸钡的溶解度越小，钡离子浓度越低，氢氧化钡能抑制硫酸钡的电离，但氢氧化钡溶液中含有钡离子，所以钡离子浓度最大，水中的钡离子浓度次之，硫酸铝溶液和硫酸溶液中都含有硫酸根离子，抑制硫酸钡的电离，硫酸铝中的硫酸根浓度大于硫酸中的浓度，所以硫酸铝溶液中钡离子的浓度小于硫酸溶液中钡离子浓度，所以钡离子浓度大小顺序是②③④①，故答案为：②③④①；

（3）根据溶液的电中性原则，c（NH₄⁺）=c（Cl^-），则c（H⁺）=c（OH^-），则溶液显中性，溶液中c（NH₄⁺）=c（Cl^-）=

×0.1mol•L^-1=0.05mol•L^-1，；[H⁺]=[OH^-]=1×10^-7 mol•L^-1（因为是25℃下且为中性），故混合后溶液中c（NH₃．H₂O）=

×amol•L^-1-0.05mol•L^-1=（0.5a-0.05）mol/L，NH₃•H₂O的电离常数K_b=

10-7×0.05

0.5a-0.05

mol/L=

10-8

a-0.1

mol/L，

故答案为：

10-8

a-0.1

．