问题
问答题
固定不动的正点电荷A，带电量为Q=1.0×10-6C，点电荷B从距A无穷远的电势为零处移到距A为2cm、电势为3 000V的P点，电场力所做负功为1.8×l03J．若把B电荷从P点由静止释放，释放瞬间加速度大小为9×109m/s2．求：B电荷能达到的最大速度．
答案
B电荷从P点由静止释放，释放瞬间，
由牛顿第二定律与库仑定律可得：a=
=F m k Qq r2 m
则有：
=q m ar2 kQ
B电荷在库仑力作用下，速度不断增大．
所以由qU=
mv2，可得：v=1 2
=2qu m
=1.55×104m/s2ur2 Q
答：B电荷能达到的最大速度为1.55×103m/s．