（1）设滑块与小车的共同速度为v₁，滑块与小车相对运动过程中动量守恒，有

  mv₀=（m+M）v₁ 

代入数据解得

  v₁=4m/s 

设滑块与小车的相对位移为 L₁，由系统能量守恒定律，有

  μmgL₁=

1

2

m

v

20

-

1

2

(m+M)

v

21

代入数据解得   L₁=3m 

设与滑块相对静止时小车的位移为S₁，根据动能定理，有

  μmgS₁=

1

2

M

v

21

-0

代入数据解得S₁=2m 

因L₁＜L，S₁＜S，说明小车与墙壁碰撞前滑块与小车已具有共同速度，且共速时小车与墙壁还未发生碰撞，故小车与碰壁碰撞时的速度即v₁=4m/s．

（2）滑块将在小车上继续向右做初速度为v₁=4m/s，位移为L₂=L-L₁=1m的匀减速运动，然后滑上圆轨道的最低点P．

若滑块恰能滑过圆的最高点，设滑至最高点的速度为v，临界条件为

  mg=m

v 2

R

根据动能定理，有

-μmgL₂-mg•2R=

1

2

mv 2-

1

2

m

v

21

①②联立并代入数据解得R=0.24m 

若滑块恰好滑至

1

4

圆弧到达T点时就停止，则滑块也能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道．

根据动能定理，有

-μmgL₂-mg•R=0-

1

2

m

v

21

代入数据解得R=0.6m 

综上所述，滑块能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道，半圆轨道的半径必须满足

R≤0.24m或R≥0.6m 

答：

（1）小车与墙壁碰撞时的速度是4m/s；

（2）要滑块能沿圆轨道运动而不脱离圆轨道，半圆轨道的半径R的取值为R≤0.24m或R≥0.6m．