“潮汐发电”是海洋能利用中发展最早、规模最大、技术较成熟的一种方式．某海港的货运码头，就是利用“潮汐发电”为皮带式传送机供电，图1所示为皮带式传送机往船上装煤．本题计算中取sin18°=0.31，cos18°=0.95，水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g=10m/s2．
（1）皮带式传送机示意图如图2所示，传送带与水平方向的角度θ=18°，传送带的传送距离为L=51.8m，它始终以v=1.4m/s的速度运行．在传送带的最低点，漏斗中的煤自由落到传送带上（可认为煤的初速度为0），煤与传送带之间的动摩擦因数μ=0.4．求：从煤落在传送带上到运至传送带最高点经历的时间t；
（2）图3为潮汐发电的示意图．左侧是大海，中间有水坝，水坝下装有发电机，右侧是水库．当涨潮到海平面最高时开闸，水由通道进入海湾水库，发电机在水流的推动下发电，待库内水面升至最高点时关闭闸门；当落潮到海平面最低时，开闸放水发电．设某潮汐发电站发电有效库容V=3.6×106m3，平均潮差△h=4.8m，一天涨落潮两次，发电四次．水流发电的效率η1=10%．求该电站一天内利用潮汐发电的平均功率P；
（3）传送机正常运行时，1秒钟有m=50kg的煤从漏斗中落到传送带上．带动传送带的电动机将输入电能转化为机械能的效率η2=80%，电动机输出机械能的20%用来克服传送带各部件间的摩擦（不包括传送带与煤之间的摩擦）以维持传送带的正常运行．若用潮汐发电站发出的电给传送机供电，能同时使多少台这样的传送机正常运行？
（1）煤浇到传送带后，开始阶段受到重力、传送带的支持力和沿传送带向上的滑动摩擦力而做匀加速运动，设匀加速运动的加速度为a，根据牛顿第二定律得：
μmgcosθ-mgsinθ=ma
得 a=g（μcosθ-sinθ）
设煤加速到v所用时间为t1，则有：v=at1；
联立以上两式得：t1=
=-sinθ）=v g(μcosθ-sinθ)
s=2s．1.4 10(0.4×0.95-0.31)
匀加速运动通过的位移为：x1=
t1=v 2
×2m=1.4m；1.4 2
设煤匀速到最高点所用时间为t2，则有：L-x1=vt2；
解得：t2
=L-x1 v
s=36s．51.8-1.4 1.4
故总时间 t=t1+t2=2s+36s=38s．
（2）一次发电，水的质量 M=ρV=1×103×3.6×106kg=3.6×109kg
水的重力势能减少量△Ep=Mg•
=3.6×109×△h 2
J=8.64×109J4.8 2
一天发电产生的电能 E=4△Ep×10%
则该电站一天内利用潮汐发电的平均功率 P=
=E t
=4△EP×10% t
W=400KW；4×8.64×109×10% 24×3600
（3）一台传送机，将1秒钟内落到传送带上的煤送到传送带上的最高点，煤获得的机械能为
E机=
mv2+mgL•sinθ1 2
传送带与煤之间因摩擦产生的热Q=μmgcosθ•△x
煤与传送带的相对位移△x=vt1-x1=1.4×2m-1.4m=1.4m
设同时使n台传送机正常运行，根据能量守恒
P×80%×80%= n（
mv2+mgL•sinθ+μmgcosθ•△x）1 2
代入解得：n=
=P×80%×80%
mv2+mgLsinθ+μmgcosθ△x1 2
=30（台） 400×103×0.64
×50×1．42+500sin18°+0.4×500cos18°×1.41 2
答：
（1）从煤落在传送带上到运至传送带最高点经历的时间t为38s；
（2）该电站一天内利用潮汐发电的平均功率P为400KW；
（3）能同时使30台这样的传送机正常运行．