参考答案：[解答] (1)页框号为188。因为起始工作集为空，而0页对应的页框为空闲链表中的第三个空闲页框，其对应的页框号为188。
(2)页框号为198。理由：因73＞(36×2)故发生第二轮扫描，页号为1、3的页框198、156在第二轮已处于空闲页框链表中，此刻1页又被重新访问，因此应被重新放回到工作集中。其页框号为198。
(3)页框号为230。理由：因为第2页从来没有被访问过，它不在工作集中，因此从空闲页框链表中取出链表头的页框230，页框号为230。
(4)适合。理由：如果程序的时间局部性越好，从空闲页框链表中重新取回的机会越大，该策略的优势越明显。

解析： 本题考查同学对虚拟存储中页面管理的掌握。工作集就是驻留集，指调入内存的那些页面，并且停留在内存被进程所用。根据本题的题意，描述的是对工作集的管理的策略，我们依照题目给定的策略，来依次分析每一个页框的动作。
第一问，问：访问＜0，32＞时对应的页框号是什么我们看到，该页位于第三个序列，因此，要知道第三个序列的动作，必须要看第一、二个序列的动作，第一个序列是＜1，1＞，因为驻留集为空，所以要从空闲链表从取出一个空闲页框，第一个页框号是198，将其分配给1页号，同理，第二个访问序列＜3，20＞将页框156分配给3页号，第三个访问序列＜0，32＞得到页框号188；
第二问，问：访问＜1，73＞时，对应的页框号是什么从第一问我们可知，在分配完第三个访问序列＜0，32＞以后，到达时刻36，此时根据题意，需要扫描一次驻留集，而在本轮中，共分配了3个页框，而且，三个页框均被使用过，因此扫描程序不做任何动作；将进入到第四个序列＜0，65＞的访问，0页面已经在内存，因此，不发生任何缺页，程序继续运行，到达时刻72，进行第二次扫描，此时。在本轮中，仅有0页面在时刻65被访问过，1、3页面在本轮没有被访问过，被扫描程序收回，放入空闲链表末尾，则此时，空闲链表为230，198，156，其中198，156中有原1、3页面的内容；接下去，到达时刻73，第五个序列请求＜1，73＞，此时，页面1虽然被回收到空闲链表，按策略，内容尚未被清空，故直接放回到工作集中，对应的页框号还为198，此时空闲链表中为230，156，其中156中有原3页的内容；
第三问，问：访问＜2，104＞时，对应的页框号是什么在访问＜2，104＞前，先访问第六个序列＜0，90＞，此时，0页尚在驻留集中，没有任何动作，下一个是＜2，104＞，此时第三次扫描还没开始，2页是新页面，需要分配新页面，而空闲页面第一个空闲的页面是230页框，则，将页框230分配给页面2；
第四问，从第2问中可以看出，该策略适合时间局部性好的程序。