（1）函数f（x）的定义域为（-1，+∞）．

f′（x）=

1

x+1

-1=

-x

x+1

，

当-1＜x＜0时，f′（x）＞0，f（x）单调递增；当x＞0时，f′（x）＜0，f（x）单调递减，

所以当x=0时f（x）取得极大值f（0）=0，无极小值；

（2）由（1）知，x=0为f（x）唯一的极大值点，也即最大值点，

所以当x＞-1时，f（x）≤f（0）=0，即ln（x+1）-x≤0，

所以ln（x+1）≤x；

令g（x）=ln（x+1）+

1

x+1

-1，则g′（x）=

1

x+1

-

1

(x+1)2

=

x

(x+1)2

，

当-1＜x＜0时，g′（x）＜0，g（x）单调递减；当x＞0时，g′（x）＞0，g（x）单调递增，

所以x=0是g（x）唯一的极小值点，也即最小值点，

所以g（x）≥g（0）=0，即ln（x+1）+

1

x+1

-1≥0，

所以ln（x+1）≥1-

1

x+1

．

综上，x＞-1时，1-

1

x+1

≤ln(x+1)≤x；

（3）g（x）=

ln(x+1)+1

x

，当x＞0时，g（x）＞

k

x+1

恒成立，令x=1有k＜2[1+ln2]．

又k为正整数．则k的最大值不大于3．

下面证明当k=3时，f（x）＞

k

x+1

（x＞0）恒成立，即证明x＞0时（x+1）ln（x+1）+1-2x＞0恒成立．

令g（x）=（x+1）ln（x+1）+1-2x，

则g′（x）=ln（x+1）-1．

当x＞e-1时，g′（x）＞0；当0＜x＜e-1时，g′（x）＜0．

∴当x=e-1时，g（x）取得最小值g（e-1）=3-e＞0．

∴当x＞0时，（x+1）ln（x+1）+1-2x＞0恒成立．

因此正整数k的最大值为3．