（Ⅰ）f（x）=x-lnx，f′（x）=

x-1

x

 …（1分）

∴当0＜x＜1时，f′（x）＜0，此时f（x）单调递减

当1＜x＜e时，f′（x）＞0，此时f（x）单调递增   …（3分）

∴f（x）的极小值为f（1）=1                   …（4分）

（Ⅱ）证明：∵f（x）的极小值为1，即f（x）在（0，e]上的最小值为1，

∴f（x）＞0，f（x）_min=1…（5分）

令h（x）=g（x））+

1

2

=

lnx

x

+

1

2

，h′(x)=

1-lnx

x2

，…（6分）

当0＜x＜e时，h′（x）＞0，h（x）在（0，e]上单调递增  …（7分）

∴h（x）_max=h（e）=

1

e

+

1

2

＜

1

2

+

1

2

=1=|f（x）|_min     …（9分）

∴在（1）的条件下，f（x）＞g（x）+

1

2

；…（10分）

（Ⅲ）假设存在实数a，使f（x）的最小值是3，f′（x）=

ax-1

x

①当a≤0时，x∈（0，e]，所以f′（x）＜0，所以f（x）在（0，e]上单调递减，f（x）_min=f（e）=ae-1=3，∴a=

4

e

（舍去），所以，此时f（x）无最小值．…（12分）

②当0＜

1

a

＜e时，f（x）在（0，

1

a

）上单调递减，在（

1

a

，e]上单调递增，f（x）_min=f（

1

a

）=1+lna=3，∴a=e²，满足条件．…（14分）

③当

1

a

≥e时，x∈（0，e]，所以f′（x）＜0，

所以f（x）在（0，e]上单调递减，f（x）_min=f（e）=ae-1=3，∴a=

4

e

（舍去），

所以，此时f（x）无最小值．…（15分）

综上，存在实数a=e²，使f（x）的最小值是3．…（16分）