（1）由 

f(2)= 4 2k-b =2 f(3)= 9 3k-b ＞2

⇒

2k-b=2…① 6k-2b＜9…②

，

由①代入②可得k＜

5

2

，且k∈N^*．

当k=2时，b=2（成立），当k=1时，b=0（舍去）．

所以k=2，b=2．

（2）4Sn•f(-

1

an

)=4Sn•

1 an2

- 2 an -2

=-1，即2Sn=an2+an…③．

n≥2时，2Sn-1=an-12+an-1…④．

所以，当n≥2时，由③-④可得2an=(an2-an-12)+(an-an-1)，

整理得，（a_n+a_n-1）（a_n-a_n-1-1）=0．

又∵a_n＞0得a_n-a_n-1=1，且a₁=1，

所以{a_n}是首项为1，公差为1的等差数列，即a_n=n，

bn=2n．∴nbn=n•2n．

Tn=1•21+2•22+3•23+…+(n-1)•2n-1+n•2n，

2Tn=1•22+2•23+3•24+…+(n-1)•2n+n•2n+1，

由上两式相减得  -Tn=21+22+23+…+2n-n•2n+1=

2(1-2n)

1-2

-n•2n+1．

∴Tn=(n-1)2n+1+2．

（3）由（2）知bn=2n，只需证ln（1+2ⁿ）＜2ⁿ．

设f（x）=ln（1+2^x）-2^x（x≥1且x∈R）．

则f′(x)=

2xln2

1+2x

-2xln2=

2xln2

1+2x

•(-2x)＜0，

可知f（x）在[1，+∞）上递减，∴f（x）_max=f（1）=ln3-2＜0．

由x∈N^*，则f（n）≤f（1）＜0，

故ln（1+b_n）＜b_n．