（1）∵f(x)=-

1

2

ax2+x-ln(1+x)，其中a＞0，

∴f′（x）=-ax+1-

1

1+x

=

-ax2-(a-1)x

x+1

，其中x∈（-1，+∞）；

∵f′（3）=0，即-9a-3（a-1）=0，解得a=

1

4

，

∴a的值是a=

1

4

；

（2）令f′（x）=0，得

-ax2-(a-1)x

x+1

=0，其中x∈（-1，+∞）；

即ax²+（a-1）x=0，解得x₁=0，x₂=

1

a

-1；

①当0＜a＜1时，x₁＜x₂，f（x）与f′（x）的变化情况如下表：

x	（-1，0）	0	(0， 1 a -1)	1 a -1	( 1 a -1，+∞)
f′（x）	-	0	+	0	-
f（x）	减	f（0）	增	f( 1 a -1)	减

∴f（x）的单调增区间是(0，

1

a

-1)，f（x）的单调减区间是（-1，0），(

1

a

-1，+∞)；

②当a=1时，f（x）的单调减区间是（-1，+∞）；

③当a＞1时，-1＜x₂＜0，f（x）与f′（x）的变化情况如下表：

x	(-1， 1 a -1)	1 a -1	( 1 a -1，0)	0	（0，+∞）
f′（x）	-	0	+	0	-
f（x）	减	f( 1 a -1)	增	f（0）	减

∴f（x）的单调增区间是(

1

a

-1，0)，f（x）的单调减区间是(-1，

1

a

-1)，（0，+∞）；

综上，当0＜a＜1时，f（x）的单调增区间是(0，

1

a

-1)，f（x）的单调减区间是（-1，0），(

1

a

-1，+∞)；

当a=1时，f（x）的单调减区间是（-1，+∞）；

当a＞1，f（x）的单调增区间是(

1

a

-1，0)．f（x）的单调减区间是(-1，

1

a

-1)，（0，+∞）；

（3）由（2）知，当0＜a＜1时，f（x）在（0，+∞）的最大值是f(

1

a

-1)，但f(

1

a

-1)＞f(0)=0，所以0＜a＜1不合题意；

当a≥1时，f（x）在（0，+∞）上单调递减，f（x）≤f（0），

∴f（x）在[0，+∞）上的最大值为f（0）=0，符合题意；

∴f（x）在[0，+∞）上的最大值为0时，a的取值范围是{a|a≥1}．