（1）因为g（x）=f（x）-ax²-x=ax²+ln（x+1）-ax²-x=ln（x+1）-x（x＞-1），

所以g′(x)=

1

x+1

-1=-

x

x+1

(x＞-1)，

当-1＜x＜0时，g^′（x）＞0，当x＞0时，g^′（x）＜0，

故函数g（x）的单调递增区间为（-1，0），单调递减区间为（0，+∞）．

g（x）_max=g（0）=ln1=0．

（2）因为当x∈[0，+∞）时，不等式f（x）≤x恒成立，即ax²+ln（x+1）-x≤0恒成立，

设g（x）=ax²+ln（x+1）-x（x≥0），只需g（x）_max≤0即可．

g′(x)=2ax+

1

x+1

-1=

x[2ax+(2a-1)]

x+1

，

①当a=0时，g′(x)=

-x

x+1

，当x＞0时，g^′（x）＜0，函数g（x）在（0，+∞）上单调递减，故g（x）≤g（0）=0成立．

②当a＞0时，由g′(x)=

x[2ax+(2a-1)]

x+1

=0，因x∈[0，+∞），所以x=

1

2a

-1，

1°若

1

2a

-1＜0，即a＞

1

2

时，在区间（0，+∞）上，g^′（x）＞0，则g（x）在（0，+∞）上单调递增，

g（x）在[0，+∞）上无最大值，此时不满足条件；

2°若

1

2a

-1≥0，即0＜a≤

1

2

时，函数g（x）在(0，

1

2a-1

)上单调递减，在区间(

1

2a-1

，+∞)上单调递增，同样g（x）在[0，+∞）上无最大值，不满足条件．

③当a＜0时，由g′(x)=

x[2ax+(2a-1)]

x+1

，∵x∈[0，+∞），∴2ax+（2a-1）＜0，

∴g^′（x）＜0，故函数g（x）在[0，+∞）上单调递减，故g（x）≤g（0）=0成立．

综上所述，实数a的取值范围是（-∞，0]．

（3）由（1）知ln（x+1）≤x，令x=

1

n2

，所以ln(1+

1

n2

)≤

1

n2

=

1

n•n

＜

1

(n-1)n

=

1

n-1

-

1

n

，

所以ln(1+

1

22

)+ln(1+

1

32

)+…+ln(1+

1

n2

)＜(1-

1

2

)+(

1

2

-

1

3

)+…+(

1

n-1

-

1

n

)=1-

1

n

＜1，

所以ln(1+

1

22

)(1+

1

32

)…(1+

1

n2

)＜1=lne，

所以(1+

1

22

)(1+

1

32

)…(1+

1

n2

)＜e．