（Ⅰ）由f（x）=x-1+

a

ex

，得f′（x）=1-

a

ex

，又曲线y=f（x）在点（1，f（1））处的切线平行于x轴，

∴f′（1）=0，即1-

a

e

=0，解得a=e．

（Ⅱ）f′（x）=1-

a

ex

，

①当a≤0时，f′（x）＞0，f（x）为（-∞，+∞）上的增函数，所以f（x）无极值；

②当a＞0时，令f′（x）=0，得e^x=a，x=lna，

x∈（-∞，lna），f′（x）＜0；x∈（lna，+∞），f′（x）＞0；

∴f（x）在∈（-∞，lna）上单调递减，在（lna，+∞）上单调递增，

故f（x）在x=lna处取到极小值，且极小值为f（lna）=lna，无极大值．

综上，当当a≤0时，f（x）无极值；当a＞0时，f（x）在x=lna处取到极小值lna，无极大值．

（Ⅲ）当a=1时，f（x）=x-1+

1

ex

，令g（x）=f（x）-（kx-1）=（1-k）x+

1

ex

，

则直线l：y=kx-1与曲线y=f（x）没有公共点，

等价于方程g（x）=0在R上没有实数解．

假设k＞1，此时g（0）=1＞0，g（

1

k-1

）=-1+

1

e 1 k-1

＜0，

又函数g（x）的图象连续不断，由零点存在定理可知g（x）=0在R上至少有一解，与“方程g（x）=0在R上没有实数解”矛盾，故k≤1．

又k=1时，g（x）=

1

ex

＞0，知方程g（x）=0在R上没有实数解，

所以k的最大值为1